Reacciones de transferencia de protones (ácido-base)
UNIDAD 6
1
2
Ácidos y bases:
Los conceptos de ácido y base han variado mucho a lo largo de la historia. En un principio, se dieron definiciones que se limitaban a enunciar sus propiedades.
*Ácidos: | *Bases |
- Sus disoluciones diluidas tienen sabor agrio, picante (vinagre, zumo de limón) | - Sus disoluciones tienen el característico sabor a lejía o amoniaco. |
- Atacan el mármol y otras rocas carbonatadas, produciendo efervescencia (↑CO2) | - Reaccionan con grasas para dar jabón |
- Reaccionan con algunos metales desprendiendo hidrógeno. | - Produce precipitados con las disoluciones de algunas sales, como las de Mg |
- Neutralizan las acciones de las bases. | - Neutralizan las acciones de los ácidos |
- Reaccionan con bases produciendo sales. | - Reaccionan con ácidos produciendo sales |
3
Teoría de Arrhenius:
En 1884, el químico sueco Svante Arrhenius presentó su teoría de la disociación iónica, según la cual muchas sustancias en disolución acuosa experimentan una ruptura o disociación en iones positivos y negativos.
H2O H2O H2O
NaCl ➝ Na+ + Cl- KNO3 ➝ K+ + NO3- CaBr2 ➝ Ca2+ + 2Br -
Dentro de esta teoría, Arrhenius formuló las siguientes definiciones para ácidos y bases:
H2O H2O H2O H2O
HA ➝ H+ + A- HCl ➝ H+ + Cl - H2SO4 ➝ 2 H+ + SO42- CH3COOH ➝ H+ + CH3COO -
En general: HA + H2O ➝ H3O+ + A-
Esta definición incluye los hidrácidos y oxoácidos: HBr, H2S, H3PO4…
Nota: en disolución acuosa, el ión H+ tiende a rodearse de moléculas de H2O, hidratándose, formando el ion OXIDANIO (oxonio) (H3O+) H+(aq) + H2O (l) ➝ H3O+ (aq)
4
Teoría de Arrhenius:
H2O H2O H2O
BOH ➝ B+ + OH- NaOH ➝ Na+ + OH - Ba(OH)2➝ Ba2+ + 2 OH-
Esta definición incluye a los hidróxidos: KOH, NaOH, Ba(OH)2…
Limitaciones de la teoría:
HCl + NH3 ➝ NH4Cl
Se trata de una reacción de neutralización en la que el HCl se comporta cómo ácido y el NH3 cómo base, sin necesidad de la disociación respectiva en iones H3O+ y OH−.
➝ Ejercicio: De acuerdo con la formulación de Arrhenius, escribe la ecuación ajustada de la disociación iónica de las siguientes sustancias en disolución acuosa: a) Ácido yodhídrico, b) Ácido sulfhídrico, c) Hidróxido de potasio, d) Ácido fosfórico, e) Sulfuro de calcio, f) Nitrato de bario, g) Ácido nítrico
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Ejercicio: De acuerdo con la formulación de Arrhenius, escribe la ecuación ajustada de la disociación iónica de las siguientes sustancias en disolución acuosa: a) Ácido yodhídrico, b) Ácido sulfhídrico, c) Hidróxido de potasio, d) Ácido fosfórico, e) Sulfuro de calcio, f) Nitrato de bario, g) Ácido nítrico
a) HI ➝ H+ + I–
b) H2S ➝ 2 H+ + S2–
c) KOH ➝ K+ + OH–
d) H3PO4 ➝ 3 H+ + PO43–
e) CaS ➝ Ca2+ + S2–
f) Ba(NO3)2 ➝ Ba2+ + 2 NO3–
g) HNO3 ➝ H+ + NO3–
6
Teoría de Brönsted-Lowry:
En 1923, el danés Brönsted y el inglés Lowry propusieron, independientemente una teoría acerca de los ácidos y las bases que ampliaba los conceptos expuestos por Arrhenius:
NH4+ ⇌ H+ + NH3 H3O+ ⇌ H+ + H2O
ácido ácido
Cl− + H+ ⇌ HCl NH3 + H+ ⇌ NH4+
base base
Son ácidos de Brönsted-Lowry:
Como vemos, se amplía la gama de sustancias ácidas a otros compuestos moleculares y sobre todo a especies iónicas.
Son bases de Brönsted-Lowry:
También aquí se amplía la lista de bases respecto a la de Arrhenius.
7
Teoría de Brönsted-Lowry:
Esta teoría engloba todos los aspectos de la teoría de Arrhenius, elimina la necesidad de una solución acuosa y, como hemos visto, amplía las sustancias que pueden considerarse ácidas y básicas.
Además, en la teoría de Brönsted y Lowry resulta fundamental el concepto de ácidos y bases conjugados. Cuando un ácido cede un protón se forma otra sustancia que tendrá la capacidad de capturar un protón para regenerar el ácido. Esta otra sustancia, en este caso, se comporta como una base. Se ilustra este comportamiento con el ácido clorhídrico y con el ión amonio (ambos ácidos de Brönsted- Lowry):
HCl ➝ Cl− + H+ NH4+ ⇌ NH3 + H+
ácido base ácido base
El mismo razonamiento se puede hacer con una base. Entonces podemos concluir que:
Todos los ácidos al ceder un protón producen las bases conjugadas de dichos ácidos, y todas las bases que toman un protón producen ácidos conjugados de dichas bases.
8
Teoría de Brönsted-Lowry:
Como los iones H+ no existen libres las propiedades de los ácidos y bases de Brönsted-Lowry se ponen de manifiesto al interaccionar un ácido y una base entre sí para dar las respectivas bases y ácidos conjugados:
HNO3 (aq) + H2O (l) ➝ H3O+ (aq) + NO3- (aq)
ácido 1 base 2 ácido 2 base 1
NH3 (aq) + H2O (l) ⇌ OH− (aq) + NH4+ (aq)
base 1 ácido 2 base 2 ácido 1
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Teoría de Brönsted-Lowry (En resumen):
Estas definiciones de ácido y base son más amplias que las de Arrhenius:
Ejercicio: Identifica las especies químicas como ácidos o bases de Brönsted-Lowry en su reacción con el agua. Escribe las correspondientes reacciones indicando la naturaleza de cada sustancia: a) F− b) NH4+ c) H2PO4−
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Ejercicio: Identifica las especies químicas como ácidos o bases de Brönsted-Lowry en su reacción con el agua. Escribe las correspondientes reacciones indicando la naturaleza de cada sustancia: a) F− b) NH4+ c) H2PO4−
Es una base, pues capta H+
Es un ácido, pues cede H+
Es un ácido, pues cede H+
Y también es una base, pues capta H+
Las sustancias que pueden actuar como ácido y como base se llaman anfóteras (anfolitos).
11
Fortaleza relativa de los ácidos y las bases:
En la teoría de Brönsted y Lowry, un ácido será fuerte cuando presente una gran tendencia a ceder iones H+. De igual modo, una base será fuerte cuando tenga mucha tendencia a captar iones H+.
La tendencia a ceder o captar H+ depende de la sustancia con la que se enfrenta el ácido o la base, por lo cual para realizar una escala de fortaleza se toma una sustancia como referencia, que es el agua.
Ácidos fuertes: Se ionizan completamente en disoluciones acuosas diluidas, con lo cual, la concentración inicial del ácido es la misma que la del ácido ionizado. Son ácidos fuertes: HCl, HClO4, HBr, HClO3, HI, H2SO4 y HNO3.
HNO3 (aq) + H2O (l) ➝ H3O+ (aq) + NO3- (aq)
Se cumple que: [H3O+] = [base conjugada] = [inicial del ácido]
[H3O+] = [NO3-] = [HNO3]o
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Fortaleza relativa de los ácidos y las bases:
Bases fuertes: Estas bases se ionizan totalmente dando lugar a altas concentraciones de OH-.
Son bases fuertes los hidróxidos de los metales alcalinos y algunos alcalinotérreos: NaOH, KOH, Ba(OH)2 ...
NaOH ➝ Na+ + OH - Ba(OH)2➝ Ba+ + 2 OH-
Se cumple que : [OH-] = [inicial de base]
[OH-] = [NaOH]o = [Na+]
Ácidos y bases débiles: Se ionizan parcialmente, y se llega a un estado en el que coexisten las especies reaccionantes y los productos de la ionización.
CH3COOH (aq) + H2O (l) ⇌ H3O+ (aq) + CH3COO- (aq)
NH3 (aq) + H2O (l) ⇌ NH4+ (aq) + OH- (aq)
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Fortaleza relativa de los ácidos y las bases:
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Fortaleza relativa de los ácidos y las bases:
HNO3 < H2SO4 < HCl < HBr < HI < HClO4
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Autoionización del agua:
El agua es una sustancia anfótera (anfolito). Esto quiere decir que, depende de con quien se enfrente, se comportará como un ácido o como una base.
CH3COOH (aq) + H2O (l) ⇌ H3O+ (aq) + CH3COO- (aq)
NH3 (aq) + H2O (l) ⇌ NH4+ (aq) + OH- (aq)
Además, el agua experimenta un ligero proceso de autoionización:
H2O (l) + H2O (l) ⇌ H3O+ (aq) + OH- (aq)
Producto iónico del agua:
La concentración del agua no ionizada se considera constante. Englobándola dentro del valor de la constante, obtenemos el producto iónico del agua Kw , cuyo valor a 25ºC es 10-14, tanto en el agua pura como en disoluciones acuosas diluidas. En general, el valor de Kw va desde 10-13 y 10-15, (Kw aumenta con la temperatura.)
16
Disoluciones acuosas neutras, ácidas y básicas:
En la reacción de autoionización del agua, por cada ion H3O+ formado se produce también un ión OH-. Por lo tanto, en el agua pura [H3O+] = [OH-] . A partir del valor de Kw:
Kw= [H3O+] · [OH-] = 10-14 ➝ [H3O+] = [OH-] = 10-7 M (a 25ºC)
Las disoluciones acuosas que cumplen esta condición ([H3O+] = [OH-]) son disoluciones neutras.
[H3O+] > 10-7 M [OH-] < 10-7 M (a 25ºC)
[H3O+] < 10-7 M [OH-] > 10-7 M (a 25ºC)
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Constantes de disociación de ácidos y bases débiles: Ka y Kb:
Cuando un ácido débil se disocia en disolución acuosa:
HA (aq) + H2O (l) ⇌ H3O+ (aq) + A- (aq)
Del mismo modo, para una base débil:
B (aq) + H2O (l) ⇌ BH+ (aq) + OH- (aq)
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Relación entre Ka y Kb:
Si formulamos la ionización de un ácido débil HA y la de su base conjugada A-, comprobamos que la suma de las dos reacciones es igual a la reacción de autoionización del agua.
➝ Ejercicio: La constante de ionización Ka del HClO es 3,2·10-8. Calcula el valor de Kb. Formule las reacciones de ionización del ácido y de la base conjugada y escriba sus constantes de ionización.
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Ejercicio: La constante de ionización Ka del HClO es 3,2·10-8. Calcula el valor de Kb. Formule las reacciones de ionización del ácido y de la base conjugada y escriba sus constantes de ionización.
Reacción de ionización del:
Ácido: HClO (aq) + H2O (l) ⇌ H3O+ (aq) + ClO– (aq)
Base conjugada: ClO– (aq) + H2O (l) ⇌ HClO (aq) + OH– (aq)
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Cálculo de Ka y Kb:
Conociendo la molaridad inicial de un ácido o base débil, podemos obtener una expresión de Ka o Kb en función de dicha concentración.
HA (aq) + H2O (l) ⇌ H3O+ (aq) + A- (aq)
Del mismo modo, para una base:
| [HA] | | [H3O+] | [A-] |
Concentración inicial (M): | c0 | 0 | 0 | |
Cambios para llegar al equilibrio (M): | – x | + x | + x | |
Concentración en el equilibrio (M): | c0 – x | x | x |
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Cálculo de Ka y Kb:
En ocasiones, las constantes Ka y Kb se expresan en función del grado de ionización (o disociación) del ácido o de la base. HA (aq) + H2O (l) ⇌ H3O+ (aq) + A- (aq)
Del mismo modo, para una base:
| [HA] | | [H3O+] | [A-] |
Concentración inicial (M): | c0 | 0 | 0 | |
Cambios para llegar al equilibrio (M): | – c0α | +c0α | +c0α | |
Concentración en el equilibrio (M): | c0 – c0α = = c0(1 – α) | c0α | c0α |
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Cálculo de Ka y Kb:
Cuanto más pequeño sea el grado de disociación, más débil será el ácido o la base, teniendo en cuenta que α=100% o α=1 en los ácidos y bases fuertes. Los valores de Ka pueden establecer una clasificación aproximada de los ácidos según:
En este sentido pueden citarse cómo ácidos fuertes el ácido perclórico, el yodhídrico, el bromhídrico, el sulfúrico, el clorhídrico, el nítrico y el clórico:
HClO4, HI, HBr, H2SO4, HCl, HNO3, HClO3
aumenta la fuerza del ácido
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Cálculo de Ka y Kb:
En la siguiente tabla se dan los valores de Ka para otros ácidos menos fuertes e incluso débiles.
Para parejas ácido-base conjugadas de Brönsted-Lowry, si el ácido es muy fuerte, la base conjugada es muy débil, y viceversa. Como ya hemos visto, existe una relación inversa entre Ka y Kb de los ácidos y bases conjugados, como se aprecia en la tabla siguiente:
24
25
1) En una disolución 0,050M de un ácido HA monoprótico se determina que la concentración de H3O+ en la disolución es 4·10−5 M. Calcula el valor de la constante de ionización del ácido.
2) Calcula el grado de disociación y la concentración de las especies presentes en el equilibrio en una disolución de ácido acético, CH3COOH, 0,25 M. La constante de disociación del ácido es Ka = 1,8·10−5
3) Calcula el grado de disociación y la concentración de las especies presentes en el equilibrio en una disolución de amoníaco, NH3, 0,40 M. La constante de disociación del amoníaco es Kb = 1,79·10−5
EJERCICIOS:
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1) En una disolución 0,050M de un ácido HA monoprótico se determina que la concentración de H3O+ en la disolución es 4·10−5 M. Calcula el valor de la constante de ionización del ácido.
Equilibrio de disociación: HA (aq) + H2O (l) ⇌ H3O+ (aq) + A– (aq)
| [HA] | | [H3O+] | [A–] |
Concentración inicial (M): | c0 | 0 | 0 | |
Cambios para llegar al equilibrio (M): | – x | +x | +x | |
Concentración en el equilibrio (M): | c0 – x | x | x |
Datos:
c0 = 0,05 M
x = 4·10–5 M
Ka = ?
27
Equilibrio de disociación: CH3COOH (aq) + H2O (l) ⇌ H3O+ (aq) + CH3COO– (aq)
| [CH3COOH] | | [H3O+] | [CH3COO–] |
Concentración inicial (M): | c0 | 0 | 0 | |
Cambios para llegar al equilibrio (M): | – c0α | +c0α | +c0α | |
Concentración en el equilibrio (M): | c0 – c0α = = c0(1 – α) | c0α | c0α |
Datos:
c0 = 0,25 M
Ka = 1,8·10–5
α = ?
2) Calcula el grado de disociación y la concentración de las especies presentes en el equilibrio en una disolución de ácido acético, CH3COOH, 0,25 M. La constante de disociación del ácido es Ka = 1,8·10−5
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Equilibrio de disociación: NH3 (aq) + H2O (l) ⇌ NH4+ (aq) + OH– (aq)
| [NH3] | | [NH4+] | [OH–] |
Concentración inicial (M): | c0 | 0 | 0 | |
Cambios para llegar al equilibrio (M): | – c0α | +c0α | +c0α | |
Concentración en el equilibrio (M): | c0 – c0α = = c0(1 – α) | c0α | c0α |
Datos:
c0 = 0,4 M
Kb = 1,79·10–5
α = ?
3) Calcula el grado de disociación y la concentración de las especies presentes en el equilibrio en una disolución de amoníaco, NH3, 0,40 M. La constante de disociación del amoníaco es Kb = 1,79·10−5
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Concepto de pH:
Las concentraciones de los iones H3O+ y OH- en las disoluciones acuosas son cantidades muy pequeñas y de incómodo manejo.
En 1909 el químico danés Sörensen, introdujo el concepto de pH:
pH= −log [H3O+]
El pH de una disolución es el logaritmo negativo de la expresión numérica de la concentración molar del ión H3O+. Es una cantidad adimensional.
A partir de esta definición y teniendo en cuenta que Kw es 10-14 a 25ºC, se deduce que la escala de pH va de 0 a 14.
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Concepto de pH:
El pOH se define como el logaritmo negativo de [OH-]:
pOH= -log [OH-]
A partir del producto iónico del agua, podemos relacionar pH y pOH:
[H3O+ ]·[OH- ] = 10-14 ➝ log ([H3O+ ]·[OH- ] ) = log 10-14 ➝ log [H3O+ ] + log [OH- ] = -14 ➝
➝ - log [H3O+ ] - log [OH- ] = 14 ➝ pH + pOH = 14 (a 25ºC)
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Indicadores ácido-base:
Son sustancias con carácter ácido o básico débil que cambian de color en función del pH de la disolución a la que se añaden.
Sirven para determinar el punto de equivalencia de una neutralización y para fabricar el papel indicador.
HIn + H2O ⇌ In- + H3O+ (fenolftaleína)
incoloro rojo
Si añadimos una pequeña cantidad de indicador a un ácido:
HA + H2O ⇌ A- + H3O+
HIn + H2O ⇌ In- + H3O+ ⇒ Al aumentar [H3O+], el equilibrio se desplaza hacia la izquierda, y el indicador estará en su forma ácida.
Si añadimos una pequeña cantidad de indicador a una base:
B + H2O ⇌ BH+ + OH-
HIn + H2O ⇌ In- + H3O+ ⇒ El OH- reaccionará con el H3O+, el equilibrio se desplazará hacia la derecha y el indicador estará en su forma básica
32
Indicadores ácido-base:
Algunos indicadores ácido-base son:
33
Indicadores ácido-base:
Algunos indicadores ácido-base son:
Más información sobre Indicadores (No se exige)
Indicadores, son ácidos o bases débiles cuyas formas ácido/base�conjugadas presentan colores diferentes.
HInd (aq) + H2O (l) ↔ H3O+ (aq) + Ind− (aq)
Color A
Color B
Cuando a una disolución le añadimos un indicador,�estarán presentes las dos especies HInd e Ind−.
¿Qué color veremos?
El cociente depende de la Ka y del pH:
Intervalo de viraje (2 unidades de pH)
Intervalos de viraje de indicadores
37
Medida del pH:
Para calcular el pH de una disolución podemos utilizar:
Gráfica de pH en sustancias comunes
38
ÁCIDO
BÁSICO
14
1
2
3
4
6
8
9
10
11
12
13
5
7
Zumo de limón
Cerveza
Leche
Sangre
Agua mar
Amoniaco
Agua destilada
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Ácidos y bases polipróticos:
Los ácidos polipróticos son los que tienen más de un H+.
Ejemplos. H2SO4, H2SO3, H2S, H2CO3, H3PO4…..
Su ionización tiene lugar mediante reacciones sucesivas en cada una de las cuales se ioniza un protón. Si alguna de estas reacciones no es completa, se produce un equilibrio con su propia constante de ionización característica.
En los ácidos inorgánicos el valor de la constante de ionización decrece conforme progresa la ionización sucesiva de los iones H+.
H2S (ac) + H2O (l) ⇌ H3O+ (ac) + HS- (ac) K1=9,5 · 10-8
HS- (ac) + H2O (l) ⇌ H3O+ (ac) + S2- (ac) K1=1 · 10-19
Del mismo modo, una base polihidroxilada es aquella que contiene más de un OH-. La segunda disociación también es menos intensa que la primera.
Ejemplo: El pH de una disolución acuosa es 12,6. ¿Cual será la [OH–] y el pOH a la temperatura de 25ºC?
pH = – log [H3O+] = 12,6 ,
de donde se deduce que:
[H3O+] = 10–pH = 10–12,6 M = 2,5 · 10–13 M
Como Kw = [H3O+] · [OH–] = 10–14 M2
entonces:
KW 10–14 M2 �[OH–] = ——— = —————— = 0,04 M� [H3O+] 2,5 · 10–13 M
pOH = – log [OH–] = – log 0,04 M = 1,4
Comprobamos como pH + pOH = 12,6 + 1,4 = 14
40
De otra forma: El pH de una disolución acuosa es 12,6. ¿Cual será la [OH–] y el pOH a la temperatura de 25ºC?
Nos dicen que: pH = 12,6 ,
Sabemos que: pH + pOH = 14 pOH = 14 – pH
pOH= 1,4
Como: pOH = – log [OH–] [OH–] = 10–pOH = 10–1,4
de donde se deduce que:
[OH–] = 0,04 M
41
Ejemplo: Determinar el pH y el pOH de una disolución 0,2 M de NH3 sabiendo que Kb (25ºC) = 1,8 · 10–5 M
Equilibrio: NH3 + H2O ⇌ NH4+ + OH–
conc. in.(mol/L): 0,2 0 0
conc. eq.(mol/L): 0,2 – x x x
[NH4+]·[OH–] x2 �Kb = ——————— = ——— = 1,8 · 10–5 M � [NH3] 0,2 – x
De donde se deduce que x = [OH–] = 1,9 · 10–3 M
pOH = – log [OH–] = – log 1,9 · 10–3 = 2,72
pH = 14 – pOH = 14 – 2,72 = 11,28
42
Molaridad =
b) La concentración del ácido nos dicen que es: [H2SO4]0 = 2,45/1000 = 2,45·10–3 M
El ácido sulfúrico es un ácido fuerte, así que estará totalmente disociado:
H2SO4 + 2 H2O ➝ SO42- + 2 H3O+
[H3O+] = 2·[H2SO4]0 = 2 · 2,45·10–3 M
pH = –log [H3O+] = –log (2 · 2,45·10–3 M) = 2,31
43
Ejercicio A: Una disolución de ácido sulfúrico tiene una densidad de 1,2 g/ml y una riqueza del 20 % en peso. a) Calcule su concentración expresada en gramos/litro y en moles/litro. b) Calcule el pH de una disolución preparada diluyendo mil veces la anterior.
Ejemplo (No se exige): Sabiendo que las constantes de acidez del ácido fosfórico son:�Ka1 = 7,5 ·10–3, Ka2 = 6,2 · 10–8 y Ka3 = 2,2 · 10–13, �calcular las concentraciones de los iones H3O+, H2PO4–, HPO42– y PO43– en una disolución de H3PO4 0,08 M.
Equilibrio 1: H3PO4 + H2O ⇌ H2PO4– + H3O+ �c. in.(mol/L): 0,08 0 0�c. eq.(mol/L): 0,08 – x x x
x = 0,025 M
44
Equilibrio 2: H2PO4– + H2O ⇌ HPO42– + H3O+ �c. in.(mol/l): 0,025 0 0,025�c. eq.(mol/l): 0,025 – y y 0,025 + y
y = 6,2 · 10–8 M
Equilibrio 3: HPO42– + H2O ⇌ PO43– + H3O+�c. in.(mol/l): 6,2 ·10–8 0 0,025�c. eq.(mol/l): 6,2 ·10–8– z z 0,025 + z
z = 5,5 ·10–19 M
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Ejercicio B: En un laboratorio se tienen dos matraces, uno conteniendo 15 ml de HCl cuya concentración es 0,05 M y el otro 15 ml de ácido etanoico (acético) de concentración 0,05 M �a) Calcule el pH de cada una de ellas. b) ¿Qué cantidad de agua se deberá añadir a la más ácida para que el pH de las dos disoluciones sea el mismo? Dato: Ka (ácido etanoico) = 1,8·10-5�
pH = –log [H3O+] = –log 0,05 = 1,30
CH3COOH es ácido débil por lo que: CH3COOH + H2O ⇌ CH3COO– + H3O+
cin (M): c=0,05 0 0
ceq (M): 0,05 – x x x
Solución válida: x = 9,4·10-4 M
[H3O+] = x = 9,4·10-4 M
pH = –log[H3O+] = –log(9,4 · 10-4) = 3,0
46
b) Para que el pH sea 3,0, [H3O+] = 10-3 M que será también la [HCl]0 ya que está totalmente disociado.
47
Despejando:
De otra forma: n (H3O+) en HCl = V · Molaridad = 0,015 L · 0,05 M = 7,5 · 10-4 mol
Para que el pH sea 3,0, [H3O+] = 10-3 M que será también la [HCl]0 ya que está totalmente disociado.
El volumen en el que deberán estar disueltos estos moles es:
V = n/Molaridad = 7,5 · 10-4 mol/ 10-3 mol·L-1 = 0,75 litros de disolución
Luego habrá que añadir (0,75 – 0,015) L = 0,735 L = 735 mL de agua
48
Hidrólisis de las sales:
Muchas sales en disolución acuosa se comportan como ácidos o bases de Brönsted-Lowry, debido a que los iones producidos en su disociación son capaces de ceder iones H+ al agua o de recibirlos de ella.
Consideremos las sales como compuestos iónicos procedentes de la reacción completa de un ácido y una base según la reacción:
HA + BOH ➝ B+A- + H2O
sal agua
Se observa que el catión de la sal procede de la base y el anión procede del ácido.
Para estudiar su comportamiento, podemos clasificar las sales en cuatro grupos:
49
Hidrólisis de las sales:
Consideremos una disolución acuosa de NaCl: NaCl ➝ Na+ + Cl-
El Na+ procede de una base fuerte (NaOH), por lo que es un ácido débil, más débil que el agua.
El Cl- procede de un ácido fuerte (HCl), por lo que es una base débil, más débil que el agua.
Al ser un ácido y una base más débiles que el agua, ni el Na+ ni el Cl- reaccionan con el agua, por lo tanto la disolución será neutra.
En una disolución acuosa de NH4Cl: NH4Cl ➝ NH4+ + Cl-
El Cl- procede de un ácido fuerte (HCl), por lo que es una base débil, más débil que el agua, y no reacciona con ésta.
El NH4+ procede de una base débil (NH3), por lo que sufrirá la siguiente reacción de hidrólisis.
NH4+ + H2O ⇌ NH3 + H3O+
Por lo tanto, la disolución de esta sal tendrá carácter ácido. Será más ácida cuanto más débil sea la base de procedencia.
50
Hidrólisis de las sales:
En una disolución acuosa de CH3COONa: CH3COONa ➝ CH3COO– + Na+
El Na+ procede de una base fuerte (NaOH), por lo que es un ácido débil y no reacciona con el agua.
El CH3COO- procede de un ácido débil (CH3COOH), por lo que sufrirá la siguiente reacción de hidrólisis:
CH3COO- + H2O ⇌ CH3COOH + OH-
Por lo tanto, la disolución de esta sal tendrá carácter básico. Será más básica cuanto más débil sea el ácido de procedencia.
51
Hidrólisis de las sales:
En una disolución acuosa de CH3COONH4: CH3COONH4 ➝ CH3COO– + NH4+
El NH4+ procede de una base débil (NH3), por lo que es un ácido suficientemente fuerte y reacciona con el agua. NH4+ + H2O ⇌ NH3 + H3O+
El CH3COO- procede de un ácido débil (CH3COOH), por lo que es una base suficientemente fuerte, más fuerte que el agua, y reacciona con ésta.
CH3COO- + H2O ⇌ CH3COOH + OH-
El pH de estas disoluciones depende del valor de Ka y Kb:
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Disoluciones amortiguadoras (No se exige):
Si a una disolución acuosa se le añade alguna cantidad de ácidos o bases, su pH variará. Sin embargo, existen disoluciones que permiten mantener prácticamente constante el pH tras añadir pequeñas cantidades de ácido o de base.
Las disoluciones que están formadas por ácidos débiles y una de sus sales (que provenga de una base fuerte) o bases débiles y una de sus sales (que provenga de un ácido fuerte), se denominan disoluciones reguladoras, amortiguadoras o tampón.
Están formadas por:
Dichas disoluciones son capaces de mantener el pH después de añadir pequeñas cantidades tanto de ácido como de base.
Como en ellas hay concentraciones relativamente elevadas de un ácido débil y su base conjugada (o viceversa), al añadir pequeñas cantidades de ácido o base, el pH apenas varía.
HA + H2O ⇌ A- + H3O+
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Disoluciones amortiguadoras (No se exige):
Veamos cómo se produce la función amortiguadora:
Consideremos un ácido débil, como el acético, disociado en sus iones acetato y oxonio:
CH3COOH + H2O ⇌ CH3COO− + H3O+
Al añadir acetato de sodio al ácido acético, el ion acetato aumenta su concentración en el equilibrio en gran proporción, ya que la sal está totalmente disociada en la disolución.
CH3COONa → CH3COO− + Na+
Este aumento de la concentración de ion acetato hace que se desplace el equilibrio de disociación del ácido acético hacia la izquierda (principio de Le Chatelier) con el fin de hacer disminuir la concentración de ion acetato. Este hecho se conoce cómo efecto de ion común y es la causa de la acción amortiguadora de la disolución.
Si ahora se añade una cierta cantidad de ácido, aumentará la cantidad de ion oxonio, H3O+ , en una proporción grande pero la existencia de ion acetato de la sal hace que unido al oxonio produzca CH3COOH, hasta alcanzar las nuevas concentraciones del equilibrio de disociación del ácido acético, de acuerdo con su constante Ka. Con ello disminuye la proporción de H3O+ y, por lo tanto, la variación del pH de la disolución será mucho menor que la que se produciría sobre el agua pura.
CH3COO− + H3O+ ⇌ CH3COOH + H2O
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Disoluciones amortiguadoras (No se exige):
Si por el contrario añadimos una base, el ácido acético se disociará en mayor proporción neutralizándose buena parte de los iones OH−, a expensas del H3O+ formado, con lo que se produce un efecto similar de variación menor del pH como en el caso de añadir un ácido.
CH3COOH + OH− ⇌ CH3COO− + H2O
Variación del pH al añadir pequeñas cantidades de NaOH o HCl:
© Ed. Santillana
(No cae) Ej: Calcular el pH de una disolución tampón formada por una concentración �0,2 M de ácido acético y 0,2 M de acetato de sodio. Ka (CH3COOH) = 1,8 · 10–5 M.
El acetato está totalmente disociado:
CH3COONa → CH3COO– + Na+
El ácido acético se encuentra en equilibrio con su base conjugada (acetato):
H2O + CH3COOH ⇌ CH3COO– + H3O+
cin (M) 0,2 0,2 0
ceq (M) 0,2 – x 0,2 + x x
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[CH3COO– ] · [H3O+] (0,2+x) · x � 1,8 · 10–5 M = ————————— = ——————� [CH3–COOH] (0,2 – x)
De donde se deduce que:
x = [H3O+] = 1,8 · 10–5 M
pH = – log [H3O+] = 4,74
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(No cae) Ejercicio: ¿Cómo variará el pH de la disolución anterior al añadir a un 1 litro de la misma : a) 0,01 moles de NaOH; b) 0,01 moles de HCl?
a) Al añadir NaOH (Na+ + OH–), se producirá la neutralización del ácido acético:� CH3COOH + NaOH → CH3COO– + Na+ + H2O
Suponiendo que la adición de la base apenas afecta al volumen:� [CH3COOH] = (0,2 –0,01)/1 M = 0,19 M� [CH3COO–] = (0,2 + 0,01)/1 M = 0,21 M
H2O + CH3COOH ⇌ CH3COO– + H3O+
cin (M) 0,19 0,21 0
ceq (M) 0,19 – x 0,21 + x x
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(0,21 + x) · x � 1,8 · 10–5 M = ——————— (0,19 – x)
De donde se deduce que x = [H3O+] = 1,63 · 10–5 M � pH = – log [H3O+] = 4,79
b) Al añadir HCl (H3O+ + Cl–), los H3O+ reaccionarán con los CH3COO–:
CH3COO–+ HCl → CH3COOH + Cl–
[CH3COOH] = (0,2 + 0,01) /1 M = 0,21 M�[CH3COO–] = (0,2 –0,01) /1 M = 0,19 M
Repitiendo el proceso obtenemos que pH = 4,70
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Reacciones de neutralización:
Las reacciones entre ácidos y bases para dar sal y agua, tradicionalmente se las denominan reacciones de neutralización. Según las cantidades de ácido y base, se pueden dar tres situaciones:
nº equivalentes de ácido = nº equivalentes de la base
Nácido · Vácido = Nbase · Vbase
Mácido · Vácido · valencia = Mbase · Vbase · valencia
Nota: Valencia: Ácidos = nº de átomos de H; Bases = nº de OH. Es decir, el número de H+ que pierde o gana la especie. (En la mayoría de los ejercicios, valencia = 1)
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Valoraciones ácido-base (volumetrías de neutralización):
Las valoraciones ácido-base sirven para conocer la concentración (desconocida) de una disolución de un ácido, a partir de la concentración conocida de una base o viceversa, basándose en la reacción de neutralización.
El momento en el que reaccionan cantidades equivalentes de ácido y base, se alcanza el punto de equivalencia (PE). Pasado ese punto, hay un cambio brusco de pH. Ese cambio de pH se puede determinar con un indicador o con un pH-metro. Cuando se detecta el cambio de pH y se para la reacción, estamos en el punto final de la valoración (PF).
Procedimiento:
Se mide de forma precisa el volumen de la disolución que queremos valorar y se introduce en un erlenmeyer. Se añaden unas gotas de indicador.
Se enrasa la bureta con el ácido o base de concentración conocida y comenzamos a añadirlo a la disolución problema.
Cuando se alcance el PE, comenzará el viraje del indicador. En ese momento, debemos parar la valoración, PF.
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Valoraciones ácido-base (volumetrías de neutralización):
En ese momento, determinaremos el número de moles de ácido o base que han reaccionado (a partir de la lectura de la bureta)
Como en una neutralización las cantidades de ácido y base son estequiométricamente equivalentes, a partir de ese número de moles, podremos calcular la molaridad de la disolución problema.
En el punto de equivalencia: Nácido · Vácido = Nbase · Vbase
Mácido · Vácido · valácido = Mbase · Vbase · valbase
Material:
Erlenmeyer Bureta .
Ver vídeos:
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Curvas de Valoraciones ácido-base: Ver vídeo (no se exige)
3 H2SO4 + 2 Al(OH)3 → 3 SO42– + 2 Al3+ + 6 H2O
3 H2SO4 + 2 Al(OH)3 → Al2(SO4)3 + 6 H2O
Mácido · Vácido · valácido = Mbase · Vbase · valbase
Mácido · 100 mL · 2 = 2 M · 25 mL · 3
De donde:
25 mL · 2 M · 3 � Mácido = ——————— = 0,75 M ⇒ [H2SO4] = 0,75 M 100 mL · 2
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Ejemplo: 100 mL de una disolución de H2SO4 se neutralizan con 25 mL de una disolución 2 M de Al(OH)3 ¿Cuál es la [H2SO4] (su molaridad)?
También podemos hacer este ejercicio mediante factores de conversión.
Ejercicio: Se preparan 187 mL de una disolución de ácido clorhídrico (HCl ) a partir de 3 mL de un ácido clorhídrico comercial del 37% de riqueza en masa y densidad 1,184 g/mL. Basándose en las reacciones químicas correspondientes, calcule:�a) La concentración de la disolución preparada y su pH.�b) El volumen (mL) de disolución de Ca(OH)2 0,1 M necesario para neutralizar 10 mL de la disolución final preparada de HCl .�Datos: Masas atómicas relativas: H = 1 ; Cl = 35,5
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Partimos de los factores que nos dicen: 37 % en masa, y d = 1,184 g/mL:
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a) Calculamos la concentración de la disolución preparada a partir de la comercial:
Datos: Disolución comercial: V1 = 3 mL ; M1 = 11,97 M
Disolución preparada: V2 = 187 mL ; M2 = ??
Como es un ácido fuerte estará totalmente disociado, y por tanto:
HCl + H2O → Cl– + H3O+
[H3O+] = [HCl]0 = 0,192 M
Y así: pH = –log [H3O+] = –log (0,192) = 0,717
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a) De otra forma: Calculamos la concentración de la disolución preparada a partir de la comercial:
Datos: 187 mL dis.ácidodiluido = 0,187 L
3 mL = 3·10-3 L dis.comercial, 11,97 M
Como es un ácido fuerte estará totalmente disociado, y por tanto:
HCl + H2O → Cl– + H3O+
[H3O+] = [HCl]0 = 0,192 M
Y así: pH = –log [H3O+] = –log (0,192) = 0,717
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De otra forma:
Datos: ¿V(mL)? dis.base, 0,1 M de Ca(OH)2
10 mL dis.ácido = 0,01 L dis.ácido, 0,192 M de HCl
b) Escribimos y ajustamos la reacción de neutralización que tiene lugar :
2 HCl + Ca(OH)2 → CaCl2 + 2 H2O
1) a) Aplicando la teoría de Brönsted-Lowry, explique razonadamente, utilizando las ecuaciones químicas necesarias, si las siguientes especies químicas se comportan como ácidos o como bases: NH3, CH3-COOH, CN–, HCO3–. �b) Señale en cada caso la base o el ácido conjugado.
A)
NH3 (g) + H2O (l) ⇌ NH4+ + OH–; Base pues captura H+.
CH3-COOH + H2O (l) ⇌ CH3-COO– + H3O+; Ácido pues cede H+.
CN– + H2O (l) ⇌ HCN + OH–; Base pues captura H+.
HCO3–+ H2O (l) ⇌ H2CO3 + OH–; Base pues captura H+.
HCO3–+ H2O (l) ⇌ CO32– + H3O+; Ácido pues cede H+.
b)
NH4+: Ácido conjugado.
CH3-COO– : Base conjugada.
HCN: Ácido conjugado.
H2CO3: Ácido conjugado.
CO32–: Base conjugada.
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MÁS EJERCICIOS DE LAS PEvAU:
2) Completar los siguientes equilibrios ácido-base de Brönsted-Lowry; caracterizando los correspondientes pares ácido-base conjugado: � a) ..... + H2O ⇌ CO32– + H3O+; � b) NH4+ + OH– ⇌ H2O + ..... ; � c) ..... + H2O ⇌ H3O+ + SO42–
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3) A 25ºC una disolución 0,1 M de amoniaco tiene un pH de 11,12. Determina la constante de basicidad del amoniaco y la de acidez del ion amonio.
pOH = 14 – 11,12 = 2,88 ⇒ [OH–] = 10–2,88 = 1,32 · 10–3 M = x
Equilibrio: NH3 (g) + H2O (l) ⇌ NH4+ + OH–;
c0 (mol/l): 0,1 0 0
ceq (mol/l): 0,1–x x x
ceq (mol/l): 0,1–1,32·10–3 1,32·10–3 1,32·10–3
[NH4+]·[OH–] (1,32·10–3 M)2�Kb = ––––––––––– = ––––––––––––––– = 1,76 · 10–5 M� [NH3] (0,1– 1,32·10–3) M
KW 10–14 M2�Ka(NH4+) = ––––––– = –––––––––––– = 5,68 · 10–10 M� Kb(NH3) 1,76 · 10–5 M
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4) Una disolución 10–2 M de ácido benzoico (C6H5COOH) presenta un grado de disociación del 8,15 %. Determina: la constante de ionización del ácido, el pH de la disolución y la concentración del ácido benzoico sin ionizar en el equilibrio.
Equilibrio: C6H5COOH + H2O ⇌ C6H5COO– + H3O+;
c0 (mol/l) 0,01 0 0
ceq (mol/l) 0,01(1–0,0815) 0,01· 0,0815 0,01· 0,0815
[C6H5COO–]·[H3O+] (8,15·10–4 M)2 �Ka = –––––––––––––––– = –––––––––––– = 7,23 · 10–5 M� [C6H5COOH] 9,185·10–3 M
pH = –log [H3O+] = –log(8,15·10–4) = 3,09
[C6H5COOH] = 0,01(1–0,0815) = 9,185·10–3 M
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5) Calcula el grado de disociación, el pH y la molaridad de cada especie química presente en el equilibrio de ionización del amoniaco 0,15 M: � NH3(ac) + H2O(l) ⇌ NH4+(ac) + OH–(ac) . Kb(NH3) = 1,8 · 10–5.
Equilibrio: NH3(ac) + H2O (l) ⇌ NH4+ (ac) + OH– (ac) ;
c0 (mol/l) 0,15 0 0
ceq (mol/l) 0,15(1–α) 0,15α 0,15α
[NH4+]·[OH–] 0,15 α2� Kb = ––––––––––– = –––––– = 1,8 · 10–5 ⇒ α ≅ 0,011� [NH3] 1–α
[NH4+] = [OH–] = 0,15 M · 0,011 = 1,65·10–3 M
[NH3] = 0,15(1–0,011) = 0,148 M
�pOH = –log[OH–] = –log(1,65·10–3)= 2,78 ⇒ pH = 14 – pOH = 11,22
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8) (No cae): Una mezcla de 46,3 g de hidróxido de potasio y 27,6 g de hidróxido de sodio puros se disuelve hasta un volumen de 500 cm3. Calcular el volumen de una disolución 0,5 M de ácido sulfúrico que se necesitará para neutralizar 30 cm3 de la disolución alcalina anterior. Masa atómicas: Na = 23; K = 39; O =1 6; H = 1.
46,3 g 27,6 g�n (KOH) = –––––––– = 0,825 mol ; n (NaOH) = –––––––– = 0,69 mol� 56,1 g/mol 40 g/mol
n(OH–) = 0,825 mol + 0,69 mol = 1,515 mol
1,515 mol �[OH–] = –––––––– = 3,03 mol/l � 0,5 L
Va · 0,5 M · 2 = 30 cm3 · 3,03 M · 1 ⇒ Va = 90,9 cm3
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9) Calcula el pH de la disolución que se forma cuando se mezclan 1,0 litros de amoniaco 0,25 M con 0,400 litros de ácido clorhídrico 0,30 M. Kb (amoniaco) = 1,8·10–5.
n(NH3) = 1,0 L·0,25 mol/L = 0,25 mol; n(HCl) = 0,4 L·0,30 mol/L = 0,12 mol
Reacción de neutralización: NH3 + HCl → NH4Cl
Se neutralizan 0,12 mol de HCl con 0,12 mol de NH3 (el HCl es el limitante de la reacción), con lo que queda un exceso de 0,25 – 0,12 = 0,13 mol de NH3 en un total de 1,4 litros de disolución.
Equilibrio: NH3(ac) + H2O (l) ⇌ NH4+ + OH–;
c0 (mol/L) 0,13/1,4 0 0
ceq (mol/L) 0,093 – x x x
[NH4+]·[OH–] x2 � Kb = ––––––––––– = –––––––– = 1,8 · 10–5 ⇒ x = [OH–] = 1,28 ·10–3 M ⇒ � [NH3] 0,093 – x
⇒ pOH = –log[OH–] = –log(1,28 ·10–3) ≅ 2,9 ⇒ pH = 14 – pOH ⇒ pH = 11,1
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10) Se disuelven 6,8 g de amoniaco en la cantidad de agua necesaria para obtener 500 mL de disolución. Calcule: a) El pH de la disolución. b) Qué volumen de ácido sulfúrico 0,10 M se necesitará para neutralizar 20 mL de la disolución anterior. Kb (amoniaco) = 1,8 10–5. Ma. atómicas: N: 14; H: 1.
a) 6,8 g/17 g·mol–1� [NH3]0 = ––––––––––––– = 0,8 mol/L = Molaridad � 0,5 L
Equilibrio: NH3(ac) + H2O (l) ⇌ NH4+ + OH–;
c0 (mol/L): 0,8 0 0
ceq (mol/L): 0,8 – x x x
[NH4+]·[OH–] x2 � Kb = ––––––––––– = –––––––– = 1,8 · 10–5 ⇒ x = [OH–] = 3,8 ·10–3 M ⇒ � [NH3] 0,8 – x
⇒ pOH = –log[OH–] = –log(3,8 ·10–3) = 2,42 ⇒ pH = 14 – 2,42 = 11, 58
⇒ Va = 80 mL
(Hacedlo también por factores)
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12) El hidróxido de sodio (NaOH), comúnmente conocido como sosa cáustica, se emplea en disoluciones acuosas a altas concentraciones para desatascar tuberías. Se tiene una disolución comercial de este compuesto con una densidad a 20ºC de 1,52 g/mL y una riqueza en masa del 50%. Determine, basándose en las reacciones químicas correspondientes:�a) El volumen necesario de esta disolución comercial para preparar 20 L de una disolución de pH = 12.�b) El volumen de una disolución de ácido sulfúrico de concentración 0,25 M necesario para neutralizar 5 mL de la disolución comercial de hidróxido de sodio.�Datos: Masas atómicas relativas Na = 23 ; O = 16 ; H = 1���
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Partimos de los factores que nos dicen: 50 % en masa, y d = 1,52 g/mL = 1520 g/L :
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a) Vamos a calcular el volumen de la disolución comercial necesario para preparar 20 L de otra disolución diluida cuyo pH sea 12:
Datos: Disolución comercial: V1 = ?? ; M1 = 19 M
Disolución preparada: V2 = 20 L ; M2 = ??
Luego: pH = 12 ⇒ pOH = 2 ⇒ [OH–] = [NaOH]0 = 10–2 M = M2
Y por tanto:
Primero vamos a calcular la molaridad de esta segunda disolución diluida:
El NaOH es una base fuerte que estará totalmente disociada en sus iones:
NaOH → Na+ + OH–
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b) Escribimos y ajustamos la reacción de neutralización que tiene lugar :
H2SO4 + 2 NaOH → Na2SO4 + 2 H2O
Datos: ¿V(mL)? dis.ácido (H2SO4), 0,25 M
5 mL dis.base (NaOH) = 0,005 L dis.base, 19 M
De otra forma:
PEVAU Junio 2019.�5) a) Calcule la concentración de una disolución de ácido benzoico (C6H5COOH) de pH = 2,3� b) Determine la masa de Ba(OH)2 necesaria para neutralizar 25 mL de una disolución comercial de HNO3 del 58% de riqueza y densidad 1,356 g/mL.�Datos: Ka(C6H5COOH) = 6,31·10–5. Masas atómicas Ba = 137,3; H = 1; O = 16; N=14.���
C6H5COOH(ac) + H2O (l) ⇌ C6H5COO– + H3O+;
Conc. Inicial (mol/L): c0 0 0
Conc. Equilibrio (mol/L): c0 – x x x
Sabemos que: : pH = –log [H3O+] = –log (x) = 2,3 → x = 10–2,3 = 5·10–3 M
[C6H5COO– ]·[H3O+] x2 (5·10–3)2 � Ka = –––––––––––––––– = ––––– ⇒ 6,31·10–5 = ––––––––– � [C6H5COOH] c0 – x c0 – 5·10–3
⇒ c0 = [C6H5COOH] ≅ 0,4 M�
�
79
PEVAU Junio 2019.�5) b) Determine la masa de Ba(OH)2 necesaria para neutralizar 25 mL de una disolución comercial de HNO3 del 58% de riqueza y densidad 1,356 g/mL.�Datos: Ka(C6H5COOH) = 6,31·10–5. Masas atómicas Ba = 137,3; H = 1; O = 16; N=14.���
2 HNO3 + Ba(OH)2 → Ba(NO3)2 + 2 H2O
�
�
80
Utilizamos factores de conversión para realizar el cálculo que nos piden:
6) a) ¿Cómo será el pH de una disolución de 150 ml de NaClO 0,1 M?� b) ¿Cuánto valdrá? Ka (HClO) 3,2·10–8 (No cae)
El ion ClO– proviene del ácido HClO, que es débil, luego será una base con suficiente fortaleza para reaccionar con el agua (sufre hidrólisis básica:
ClO– + H2O ⇌ HClO + OH–; luego el pH será básico.
B) KH = KW/Ka = 10–14/3,2·10–8 = 3,125·10–7
[OH–]2 KH = 3,125·10–7 ≅ ––––– ⇒ [OH–] = 1,77 · 10–4 M � 0,1
10–14 M2�[H3O+] = ––––––––––– = 5,66 · 10–11 M ⇒
1,77 · 10–4 M
⇒ pH = –log 5,66 · 10–11 = 10,25�
81
NaClO ➝ ClO– + Na+
F I N
82
7) a) Calcula el pH de una disolución 0,7 M de KCN sabiendo que Ka de HCN es de 7,2·10–10 M. (No cae)�b) ¿Cual será el nuevo pH si a ½ litro de la disolución anterior le añadimos ¼ de litro de una disolución 3 M de HCN? (No cae)
A) KH = KW/Ka = 10–14/7,2·10–10 = 1,39·10–5
Reacción de hidrólisis: CN– + H2O ⇌ HCN + OH–
[OH–]2 KH = 1,39·10–5 ≅ ––––– ⇒ [OH–] = 3,12 · 10–3 M � 0,7
10–14 M2� [H3O+] = ––––––––––– = 3,21·10–12 M ⇒
3,12 · 10–3 M
⇒ pH = –log 3,21·10–12 = 11,49
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B)
n(CN–) = 0,5 L · 0,7 mol ·L–1 = 0,35 mol
n(HCN) = 0,25 L · 3 mol ·L–1 = 0,75 mol
Vtotal = 0,5 L + 0,25 L = 0,75 L
Equilibrio: HCN + H2O ⇌ CN– + H3O+
c0 (mol/l) 0,75/0,75 0,35/0,75 0
ceq (mol/l) 1–x 0,4667 + x x
[CN–]·[H3O+] 0,4667 x + x2�7,2·10–10 = –––––––––––– = –––––––––– ⇒ x = [H3O+] = 1,54·10–9 M� [HCN] 1–x
pH = –log 1,54·10–9 = 8,81
84
En realidad, en las disoluciones amortiguadoras la modificación del equilibrio “x” es muy pequeña comparado tanto con [HCN] como con [CN–], y en la ecuación anterior podemos despreciarla frente a éstas